8 Pages • 1,380 Words • PDF • 1.1 MB
Uploaded at 2021-09-24 17:56
This document was submitted by our user and they confirm that they have the consent to share it. Assuming that you are writer or own the copyright of this document, report to us by using this DMCA report button.
Tożsamości cyklometryczne. Zadania z zastosowaniem funkcji cyklometrycznych Autorzy: Anna Barbaszewska-Wiśniowska
2019
Tożsamości cyklometryczne. Zadania z zastosowaniem funkcji cyklometrycznych Autor: Anna Barbaszewska-Wiśniowska
PRZYKŁAD
Przykład 1:
Obliczmy arcsin 12 , Korzystamy z faktu, że
arcsin x = w ⇔ sin w = x i
w ∈ [− π2 , π2 ],
arcsin 12 = w ⇔ sin w =
w ∈ [− π2 , π2 ].
1 2
i
x ∈ [−1, 1],
Rozwiązując równanie trygonometryczne elementarne:
sin w = 12 , otrzymujemy dwie grupy rozwiązań
w=
π 6
+ 2kπ,
k∈Z
lub
w= π−
π 6
+ 2kπ = 56 π + 2kπ,
k ∈ Z,
z których wybieramy tylko to rozwiązanie, które należy do przedziału [− π2 , π2 ], czyli w = π6 .
PRZYKŁAD
Przykład 2: Obliczmy arctg (− √3). Funkcja arctg jest nieparzysta, więc
arctg(−√3) = −arctg(√3). arctg(√3) obliczamy korzystając z faktu, że arctgx = w ⇔ tg w = x i w ∈ (− π2 , π2 ), x ∈ R, arctg√3 = w ⇔ tg w = √3 i w ∈ (− π2 , π2 ). Rozwiązujemy równanie trygonometryczne elementarne: tgw = √3. otrzymując w = π3 + kπ, k ∈ Z spośród rozwiązań wybieramy to, które należy do przedziału (− π2 , π2 ), czyli w = π3 ,
ZADANIE
Zadanie 1: Treść zadania:
−−−−−
Pokażemy, że dla x ∈ [−1, 1] prawdziwa jest równość sin(arccos x) = √1 − x2 Rozwiązanie:
Obierzmy dowolną liczbę x ∈ [−1, 1], wówczas liczba α = arccos x należy do przedziału [0, π], więc wartość funkcji sinus dla tej liczby jest nieujemna. Z jedynki trygonometrycznej mamy
sin2 α + cos2 α = 1, sin2 α = 1 − cos2 α,
−−−−−−−− −−−−−−−− sin α = √1 − cos2 α lub sin α = −√1 − cos2 α , −−−−−−−−
Wybieramy wzór sin α = √1 − cos2 α i obliczamy
−−−−−−−−−−−−−− −−−−−−−−−−−−−−− −−−−− sin(arccos x) = √1 − cos2 (arccos x) = √1 − [cos(arccos x)]2 =∗ √1 − x2 . ∗ - korzystamy z faktu, że cos(arccos x) = x, dla każdego x ∈ [−1, 1].
ZADANIE
Zadanie 2: Treść zadania:
Obliczymy wartość wyrażenia sin(arccos 12 − arcsin 1). Rozwiązanie:
Obliczamy najpierw arccos 12 , a następnie arcsin 1
arccos 12 = w ⇔ cos w =
1 2
i w ∈ [0, π],
stąd w = π3 .
arcsin 1 = w ⇔ sin w = 1 i w ∈ [− π2 , π2 ], stąd w = π2 . Mamy więc
sin(arccos 12 − arcsin 1) = sin( π3 − π2 ) = sin(− π6 ) = − sin
π 6
= − 12 .
ZADANIE
Zadanie 3: Treść zadania:
Obliczmy wartość wyrażenia sin(arccos 15 − arccos 17 ). Rozwiązanie:
Zauważmy, że postępując podobnie jak w przykładzie 3 czyli obliczając np. arccos 17 , napotkamy pewną trudność w efektywnym rozwiązaniu równania trygonometrycznego cos w = 17 . Możemy tu użyć kalkulatora do znalezienia rozwiązania przybliżonego, ale możemy też zadanie to rozwiązać inaczej.
W tym celu wykorzystamy wzory:
sin(α − β) = sin α cos β − cos α sin β, α, β ∈ R. cos(arccosx) = x, dla x ∈ [−1, 1],
−−−−− sin(arccos x) = √1 − x2 , dla x ∈ [−1, 1] (patrz przykład drugi). Obliczamy
sin(arccos 15 − arccos 17 ) = sin(arccos 15 ) ⋅ cos(arccos 17 ) − cos(arccos 15 ) ⋅ sin(arccos 17 ) = −−−−− −−−−− −− 1 − − = 17 √1 − 251 − 15 √1 − 491 = 17 √ 24 − 5 √ 48 = 25 49
√ 24 35
−
√ 48 35
=
2√ 6−4√ 3 . 35
ZADANIE
Zadanie 4: Treść zadania:
Niech f(x) = sin x,
g(x) = arcsin x. Naszkicujemy wykresy złożeń f ∘ g
Rozwiązanie:
Funkcje f , g są podane jedynie za pomocą wzorów, czyli rozpatrujemy je w dziedzinie naturalnej.
f(x) = sin x, Df = R, g(x) = arcsin x, Dg = [−1, 1]. Znajdujemy dziedzinę złożenia
Df∘g = {x ∈ R :
x ∈ Dg
i
g(x) ∈ Df },
x ∈ [−1, 1], (arcsin x) ∈ R. Stąd Df∘g = [−1, 1] Dla x ∈ [−1, 1] obliczamy (f ∘ g)(x) = f(g(x)) = f(arcsin x) = sin(arcsin x) = x. Otrzymujemy
(f ∘ g)(x) = x, Df∘g = [−1, 1]. Zatem złożenie f ∘ g jest identycznością w przedziale [−1, 1]. Rysujemy wykres tej identyczności.
Rysunek 1: f ∘ g
ZADANIE
Zadanie 5: Treść zadania:
Niech f(x) = sin x,
g(x) = arcsin x. Naszkicujemy wykresy złożeń g ∘ f .
Rozwiązanie:
g(x) = arcsin x, Dg = [−1, 1],
f(x) = sin x, Df = R. Wyznaczamy dziedzinę złożenia
Dg∘f = {x ∈ R : x∈R i
x ∈ Df
i
f(x) ∈ Dg },
− 1 ≤ sin x ≤ 1.
Nierówność podwójna jest zawsze spełniona, czyli
Dg∘f = R. Zauważymy, że g ∘ f jest funkcją okresową o okresie zasadniczym w = 2π, takim samym jaki ma funkcja wewnętrzna – sinus. W tym celu pokażemy, że spełnione sa dwa warunki definicyjne okresowości.
Dg∘f = R, czyli dla każdej liczby x należącej do dziedziny liczba x + 2π również należy do dziedziny, więc warunek dotyczący dziedziny funkcji okresowej jest spełniony w sposób oczywisty. Musimy pokazać jeszcze, że (g ∘ f)(x + 2π) = (g ∘ f)(x), x ∈ Dg∘f . Obliczamy
(g ∘ f)(x) = g(f(x)) = g(sin x) = arcsin(sin x), więc
(g ∘ f)(x + 2π) = arcsin(sin x + 2π) = arcsin(sin x) = (g ∘ f)(x). Funkcja g ∘ f jest więc funkcja okresową o okresie 2π.. Aby naszkicować wykres funkcji okresowej g ∘ f , wystarczy znać fragment tego wykresu w przedziale o długości 2π, a następnie „powielić” ten fragment na całą oś liczbową. Dla x ∈ [− π2 , π2 ] mamy (g ∘ f)(x) = arcsin(sin x) = x, więc wykresem jest odcinek leżący na diagonali y = x. Pozostaje
rozważyć przedział [ π2 32 π]. Zauważmy, że dla każdego x ∈ [ π2 , 32 π] możemy znaleźć taką liczbę α ∈ [− π2 , π2 ], że x = π + α. Obliczmy dla x ∈ [ π2 , 32 π]wartość złoż enia (g ∘ f)(x)
(g ∘ f)(x) = arcsin(sin x) = arcsin(sin(π + α)) =∗ arcsin(− sin α) =∗∗ − arcsin(sin α) = −α = −(x − π) = −x + π ∗ - zastosowaliśmy wzór redukcyjny sin(π + α) = − sin α ∗ ∗ - korzystamy z nieparzystości funkcji arkus sinus. Mamy, więc
⎧… ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪x (g ∘ f)(x) = ⎨ −x + π ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎩ ⎪ …
dla dla dla dla
x < − π2
x ∈ [− π2 , π2 ] x ∈ [ π2 , 32 π] x > 32 π
Możemy naszkicować wykres g ∘ f
Rysunek 2: g ∘ f
ZADANIE
Zadanie 6: Treść zadania:
Wyznaczymy dziedzinę funkcji danej wzorem f(x) = log( π6 − arccos x−5 ). 3 Rozwiązanie:
Liczby x z dziedziny funkcji Df muszą spełniać następujące warunki
| x−5 |≤1 3 π ( 6 − arccos x−5 ) ≥ 0. 3
1. 2.
Ad.1
| x−5 | ≤ 1, 3 |x−5| 3
≤ 1,
|x − 5| ≤ 3, x ∈ [2, 8]. Ad. 2
( π6 − arccos x−5 ) > 0, 3 arccos x−5 < π6 . 3 √3 Podstawiając π6 = arccos 2 mamy
arccos x−5 < arccos 3
√3 . 2
Funkcja arccos jest malejąca, więc rozwiązując tę nierówność cyklometryczną musimy zmienić zwrot nierówności na przeciwny x−5 3
>
√3 , 2
x−5 >
3√ 3 , 2
x> 5+
3√ 3 . 2
Z (1) i (2) otrzymujemy x ∈ (5 +
3√ 3 , 8] 2
Odpowiedź
Df = (5 +
3√ 3 , 8). 2
Publikacja udostępniona jest na licencji Creative Commons Uznanie autorstwa - Na tych samych warunkach 3.0 Polska. Pewne prawa zastrzeżone na rzecz autorów i Akademii Górniczo-Hutniczej. Zezwala się na dowolne wykorzystanie treści publikacji pod warunkiem wskazania autorów i Akademii Górniczo-Hutniczej jako autorów oraz podania informacji o licencji tak długo, jak tylko
na utwory zależne będzie udzielana taka sama licencja. Pełny tekst licencji dostępny na stronie http://creativecommons.org/licenses/by-sa/3.0/pl/.
Data generacji dokumentu: 2019-04-15 10:07:00 Oryginalny dokument dostępny pod adresem: https://epodreczniki.open.agh.edu.pl/openagh-permalink.php? link=24e69b2a81d7ff79a5bd95be6c64283a Autor: Anna Barbaszewska-Wiśniowska